62. Unique Paths
62. Unique Paths
题目
There is a robot on an m x n
grid. The robot is initially located at the top-left corner (i.e., grid[0][0]
). The robot tries to move to the bottom-right corner (i.e., grid[m - 1][n - 1]
). The robot can only move either down or right at any point in time.
Given the two integers m
and n
, return the number of possible unique paths that the robot can take to reach the bottom-right corner.
The test cases are generated so that the answer will be less than or equal to 2 * 10^9
.
Example 1:
![](https://assets.leetcode.com/uploads/2018/10/22/robot_maze.png)
Input: m = 3, n = 7
Output: 28
Example 2:
Input: m = 3, n = 2
Output: 3
Explanation: From the top-left corner, there are a total of 3 ways to reach the bottom-right corner:
Right -> Down -> Down
Down -> Down -> Right
Down -> Right -> Down
Constraints:
1 <= m, n <= 100
题目大意
一个机器人位于一个 m x n 网格的左上角 (起始点在下图中标记为“Start” )。机器人每次只能向下或者向右移动一步。机器人试图达到网格的右下角(在下图中标记为“Finish”)。问总共有多少条不同的路径?
解题思路
可以使用动态规划来解决问题,机器人到达每个格子的路径数如下所示:
❤️ | 1 | 1 | 1 | 1 | 1 | 1 |
---|---|---|---|---|---|---|
1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 |
1 | 3 | 6 | 10 | 15 | 21 | 28 |
动态规划:定义一个二维数组
dp
,其中dp[i][j]
表示从(0, 0)
到(i, j)
的不同路径数目。状态转移方程:从
(0, 0)
到(i, j)
的路径有两条:从(i-1, j)
向下移动和从(i, j-1)
向右移动,到达(i, j)
的路径数就是上方格子(i-1, j)
和左边格子(i, j-1)
的路径数之和。状态转移方程为dp[i][j] = dp[i-1][j] + dp[i][j-1]
。边界条件:对于第一行和第一列,由于它们只能从上方或左侧移动到达,所以路径数目都是 1。
初始化:初始化第一行和第一列的路径数目。
- 时间复杂度:
O(m * n)
- 遍历整个二维数组。 - 空间复杂度:
O(m * n)
- 使用了一个二维数组来存储中间状态。可以优化为O(n)
,只需使用一维数组来存储当前行的状态。
代码
// 时间复杂度 O(m * n),空间复杂度 O(m * n)
/**
* @param {number} m
* @param {number} n
* @return {number}
*/
var uniquePaths = function (m, n) {
const dp = new Array(m).fill(1).map(() => new Array(n).fill(1));
for (let i = 1; i < m; i++) {
for (let j = 1; j < n; j++) {
dp[i][j] = dp[i][j - 1] + dp[i - 1][j];
}
}
return dp[m - 1][n - 1];
};
// 时间复杂度 O(m * n),空间复杂度优化后为 O(n)
/**
* @param {number} m
* @param {number} n
* @return {number}
*/
var uniquePaths = function (m, n) {
const dp = new Array(n).fill(1);
for (let i = 1; i < m; i++) {
for (let j = 1; j < n; j++) {
dp[j] = dp[j - 1] + dp[j];
}
}
return dp[n - 1];
};
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